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Resoluo Revisional Fsica EsPCEx Resposta da questo 1: [E] 1 Soluo: O tempo de queda da esfera igual ao tempo para ela avanar 5 m com velocidade horizontal constante de v0 = 5 m/s.
0
x 5t 1 s.
v 5= = =
A componente vertical da velocidade :
( )y 0y y yv v g t v 0 10 1 v 10 m/s.= + = + = Compondo as velocidades horizontal e vertical no ponto de chegada:
2 2 2 2 20 yv v v v 5 10 v 125
v 5 5 m/s.
= + = + =
=
2 Soluo: Calculando a altura de queda:
( )221h g t h 5 1 h 5 m.2
= = =
Pela conservao da energia mecnica:
( )( )22
2 200
m vm vm g h v v 2 g h v 5 2 10 5 125
2 2
v 5 5 m/s.
= + = + = + =
=
Resposta da questo 2: [B]
Dados: M = 70 kg; m = 2 kg; 1,0; =
A figura mostra as foras atuantes nas telhas e no trabalhador.
Como se trata de repouso, tanto as foras atuantes no trabalhador como nas telhas esto equilibradas. Sendo P1 o peso de uma telha e n a quantidade de telhas suspensas, temos: - Nas telhas:
1T P n P T n m g.= = =
- No trabalhador:
at x at at
y T
F T F Tcos F n m gcos .
N T P N M g T sen N M g n m g sen .
= = = + = = =
-
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Na iminncia de escorregar, a componente de atrito nos ps do trabalhador atinge intensidade mxima.
( )
( )
( )
mxatF n m gcos N n m gcos
M g n m g sen n m gcos
M g n m g sen n m g cos
MM n m sen n mcos n
m sen cos
1 70 70
2 1 0,8 0,6 2,8
n = 25.
= =
=
= +
= + =
+
=
+
Resposta da questo 3: [E] Se o corpo est em repouso, o peso e o empuxo tm a mesma intensidade:
cubo imersocubo cubo gua imerso
gua cubo
base imersacubo cubo
gua base cubo
3cubo
d vP E d V g d V g
d V
A hd d 32
d A H 1 40
d 0,8 g /cm .
= = =
= =
=
Resposta da questo 4: [D]
Dados: 2 2 3M 180g 18 10 kg; m 20g 2 10 kg; k 2 10 N / m; v 200m / s.= == = = =
Pela conservao da quantidade de movimento calculamos a velocidade do sistema (vs) depois da coliso:
( )depois antessist s s ssistQ Q M m v m v 200 v 20 200 v 20 m/s.= + = = = Depois da coliso, o sistema conservativo. Pela conservao da energia mecnica calculamos a mxima deformao (x) sofrida pela mola.
( )
( )
2 2sinicial final
Mec Mec s
2 24 2
3 3
M m v k x M mE E x v
2 2 k
18 2 10 20 10x 20 20 20 10 x 20 10 m
2 10 2 10
x 20 cm.
+ += = =
+ = = = =
=
Resposta da questo 5: [C] Comentrio: O enunciado pede a intensidade da fora de trao no fio. Para que haja equilbrio da barra, o fio ligado extremidade A deve estar tracionado. Para tal, as cargas eltricas das pequenas esferas devem ser de sinais opostos. Se na expresso da fora eltrica as cargas no forem colocadas em mdulo, a intensidade da trao ser negativa, o que um absurdo. A intensidade da fora de trao no fio ligado na extremidade A da fora eltrica entre as cargas. A figura ilustra a situao:
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Como a barra est em equilbrio, o somatrio dos momentos das foras em torno do ponto E nulo. Seja FB a intensidade da fora de trao no fio BC
Ay By
C CAy By A BF F
0B2
0B 2
M M F D F 3D F cos 30 3 F cos60
K | Q || q | 3 13 F
2 2d
3 K | Q || q | F .
3 d
= = =
=
=
Resposta da questo 6: [C] Se o porto est em equilbrio, o somatrio dos momentos em relao a qualquer ponto nulo. A figura mostra as componentes horizontais das foras atuantes nas dobradias.
Em relao ao ponto B, temos:
( )A
B BP A AF
A B
6.400M M F 1,6 800 0,8 F 400 N.
1,6
F F 400 N.
= = = =
= =
Resposta da questo 7: [B] A funo horria da elongao de um MHS :
( )0x A cos t = + Comparando com a funo horria dada:
8 2 f 8 f 4 Hz. = = =
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Resposta da questo 8: [E] Dados:
5
8 2
4 80 320 L 320 kg 3,2 10 g; 4,2 J / g C; 60 20 40 C;
50% 0,5; 2,016 10 J / m ms.
= = = = = = =
= = =
g g
r
V m c
I
Calculando a quantidade de calor que deve ser absorvida diariamente:
5 6gQ m c 3,2 10 4,2 40 Q 53,76 10 J.= = =
A intensidade de radiao absorvida diariamente :
86r
abs abs 2
I 0,5 2,016 10 JI I 3,36 10
t 30 m dia
= = =
Calculando a rea total das placas:
6 2 6
66 2
2
3,36 10 J / dia 1 m 53,76 10 A
3,36 1053,76 10 J / dia A m
A 16 m .
=
=
Resposta da questo 9: [B] Aplicando a equao do dioptro plano para pequenos ngulos:
obs ari i i
o obj gura
i
n nd d d 1
d n 1,33 n 1,33 1,33
d 1 m.
= = =
=
Resposta da questo 10: [A] Seja R a resistncia de cada lmpada e U a ddp fornecida pela associao das duas pilhas. Calculemos a corrente em cada lmpada nos dois casos, usando a 1 lei de Ohm: CHAVE ABERTA: A resistncia equivalente :
abR R R 2 R.= + = A corrente gerada :
abab
U UI .
R 2 R= =
As correntes nas lmpadas so:
1 2 ab 3U
i i I 0,5 R; i 0.2 R
= = = = =
CHAVE FECHADA: A resistncia equivalente :
fec
3 RRR R .
2 2= + =
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A corrente gerada :
fec fecfec
2 UU U UI I 0,67 .
3R 3 R RR2
= = = =
As correntes nas lmpadas so:
fec1 fec 2 3
IUi I 0,67 ; i i 0,33 R.
R 2= = = = =
Concluso: i1 e i3 aumentam e i2 diminui. Resposta da questo 11: [A] Calculando a potncia mxima que o disjuntor permite que seja consumida:
mx mxP U I 127 25 3.175 W.= = = Verificando a alternativa [A]: PT = 2.000 + 1.500 + 250 = 3.750 W. Esses trs aparelhos ligados simultaneamente consomem mais que a potncia mxima, desarmando o disjuntor. Resposta da questo 12: [D]
Usando a regra da mo direita n 1 (regra do saca-rolha) e a simbologia convencional [entrando ( ) e saindo ( ) ] e adotando o sentido positivo como saindo, temos:
0 0 0A E B 0
A E B
70
7
i i i 1 1 1B B B B B i
2 r 2 R 2 r 2 4 2 22
4
1 16 2 15B i B 4 10
8 8
B 7,5 10 T.
= + = + = +
+ = =
=
Resposta da questo 13: [E]
Dados: v1 = 72 km/h = 20 m/s; t = 5 s; d = 2,1 km = 2.1000 m O carro desloca-se em movimento uniforme. Para percorrer 2,1 km ou 2.100 m ele leva um tempo t:
1d v t 2.100 20 t t 105 s.= = =
Para a viatura, o movimento uniformemente variado com v0 =0. Sendo v2 sua velocidade final, temos:
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( ) ( ) ( )0 2 2 2
2
2.100 2v v vd t t 2.100 105 5 v
2 2 100
v 42 m / s.
+= = =
=
Resposta da questo 14: [A] Dados: h = 10 m; v0 = 0; v = 1 m/s. Pela conservao da energia mecnica:
( )2 20
20
v 1g h 10 10
m v 2 2m g H m g h H H 2 g 10
H 10,05 m.
+ += + = =
=
Resposta da questo 15: [C]
Dados: P = 2104 N; A1 = 4104
m2; A2 = 0,16 m
2 = 16102 m2.
Pelo Teorema de Pascal:
( )4 4 21
21 2 2
2 10 4 10P AF P 8 10 F
A A A 1616 10
F 50 N.
= = = =
=
Resposta da questo 16: [B] Desenhando todas as foras que atuam na barra, bem como a localizao do ponto O, e adotando como positivo o sentido horrio de rotao, teremos:
Sendo:
bPuur
: peso da barra;
QPuuur
: peso da esfera;
ANuuur
: Fora normal trocada com o apoio A;
BNuuur
: Fora normal trocada com o apoio B.
Considerando que a soma dos momentos de todas as foras, em relao ao ponto O, igual zero (condio de equilbrio), teremos:
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B b Q A
o
N o P o P o N o
B b Q A
B
B
B
B
(m) 0
(m ) (m ) (m ) (m ) 0
N .2 P .1 P .0,4 N .0 0
N .2 50.1 80.0,4 0 0
N .2 50 32 0
N .2 82 0
N 41N
=
+ + + =
+ + + =
+ + + =
+ + =
+ =
=
Resposta da questo 17: [B]
Dados: m = 80 g = 0,08 kg; k = 0,5 N/m; = 3,14.
O perodo do sistema massa-mola :
( ) ( )m 0,08T 2 T 2 3,14 6,28 0,16 6,28 0,4 k 0,5
T 2,512 s.
= = = =
=
Resposta da questo 18: [C] Usando a equao de converso entre as escalas Celsius e Fahrenheit:
( )C F FC C
C
5 21,632 32 10,4 32 5 5
5 9 9 9 9
12 C.
= = =
=
Resposta da questo 19: [D] 1 transformao gasosa: isobrica (presso constante), indo do estado i para o estado f.
i fP P=
iT 27 C 300K= =
f iV 5.V= (volume cinco vezes maior)
Da equao geral dos gases perfeitos, temos:
i i f f
i f
P.V P .V
T T=
Como i fP P= :
i i f f i f
i f i f
P.V P .V V V
T T T T= =
Substituindo os valores:
i if
f
V 5.VT 1500K
300 T= =
2 transformao gasosa: isocrica (volume constante), indo do estado f para o estado x.
f xV V=
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fT 1500K=
fx
PP
6= (sua presso cai a um sexto do seu valor inicial)
Da equao geral dos gases perfeitos, temos:
f f x x
f x
P .V P .V
T T=
Como f xV V= :
f f x x f x
f x f x
P .V P .V P P
T T T T= =
Substituindo os valores:
f
fx
x
PP 6 T 250K
1500 T= =
xT 250K 20 C= =
Analisando as alternativas:
xT 23 C
Resposta da questo 20: [D] Dois condutores eletrizados, quando colocados em contato, trocam cargas at que seus potenciais eltricos se igualem.
A B A BA B
A B A B
k Q k Q Q QV V .
R R R R= = =
Como as cargas so positivas:
RA < RB QA < QB. Resposta da questo 21: [A] A equao do gerador :
( )U r i U 1,5 0,05 1 1,5 0,05 U 1,45 V.
= = =
=
Resposta da questo 22: [A] Para que o ampermetro faa a leitura correta, ele deve ter resistncia interna nula e ser ligado em srie com o trecho de circuito onde se quer medir a corrente. Resposta da questo 23: [C]
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Se A queima e as outras no se apagam, elas no podem estar em srie, e, se o brilho delas se altera, elas no podem estar as quatro em paralelo. Como o brilho de B aumenta, a corrente em B aumenta; como o brilho de C e D diminui, a corrente nelas diminui, implicando que a resistncia equivalente do circuito aumenta. Essas anlises nos levam alternativa [C]. Resposta da questo 24: [B]
De acordo com o fsico Hendrick Antoon Lorentz (1853-1920), toda carga eltrica lanada com certa velocidade Vr
em direo a um campo magntico Br
, fica sujeita ao de uma fora magntica Fr
, se a direo do vetor
velocidade Vr
no for paralela direo do vetor campo magntico Br
. Caso a carga eltrica seja positiva, utilizamos a regra da mo direita para determinar a orientao dos vetores:
Caso a carga eltrica seja negativa, utilizamos a regra da mo esquerda para determinar a orientao dos vetores:
Analisando as alternativas: [A] Falsa. Como as partculas ficam sujeitas a atuao da fora magntica devido a sua velocidade ser perpendicular
ao campo magntico, haver alterao da direo de suas velocidades. [B] Verdadeira. Analisando as regras da mo direita e esquerda, verificamos que se uma partcula positiva e outra
negativa, as foras que atuam em cada uma das partculas tero sentidos opostos. [C] Falsa. Analisando as regras da mo direita e esquerda, verificamos que a fora magntica perpendicular ao
vetor velocidade. [D] Falsa. Analisando as regras da mo direita e esquerda, verificamos que a fora magntica perpendicular ao
vetor campo magntico. [E] Falsa. Analisando as regras da mo direita e esquerda, verificamos que a fora magntica perpendicular ao vetor velocidade. Resposta da questo 25:
-
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[A]
mS
Vt
=
Primeiro trecho
11
D / 2 D24 t
t 48
= =
Segundo trecho
11
D / 2 D8 t
t 16
= =
Movimento todo
1 2D D D
t t t48 16 12
= + = + =
mD
V 12 m/sD / 12
= =
Resposta da questo 26: [C]
Como o comboio partir do ponto B, s 8 h, com uma velocidade constante igual a 40 km h, e percorrer uma
distncia de 60 km para atingir o ponto A, temos:
- tempo de viagem do comboio: S 60
V 40 t 1,5ht t
= = =
t 8 1,5 9,5h t 9h30min= + = = Concluso: o comboio chega ao ponto A s 9h30min.
Como o avio partir de um ponto C, com velocidade constante igual a 400 km h, e percorrer uma distncia de
300 km at atingir o ponto A, temos:
- tempo de viagem do avio: S 300
V 400 t 0,75h t 45mint t
= = = =
Para conseguir interceptar o comboio no ponto A, o avio dever chegar ao ponto juntamente com o comboio, s 9h30min, ou seja:
9h30min 45min 8h45min = Concluso: o avio dever sair do ponto C s 8h45min, para chegar junto com o comboio no ponto A, s 9h30min. Resposta da questo 27: [D] Decompondo a velocidade em componentes horizontal e vertical, temos:
x 0
y 0
V V .cos 100x0,6 60 m/s
V V .sen 100x0,8 80 m/s
= = = = = =
Na vertical o movimento uniformemente variado. Sendo assim:
2 2 2y y
1S V .t gt 300 80t 5t t 16t 60 0
2 = + = + =
-
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A equao acima tem duas solues: t= 6s e t=10s. Como o projtil j passou pelo ponto mais alto, devemos considerar o maior tempo (10s). Na horizontal, o movimento uniforme. Sendo assim:
x xS V .t D 60x10 600m = = =
Resposta da questo 28: [C] As reas da figura abaixo representam o deslocamento. Como uma positiva e a outra negativa de mesmo mdulo, o deslocamento total nulo.
Resposta da questo 29: [E]
Como RF ma,= conclumos que a maior acelerao ocorrer quando a resultante for mxima, isto , quando as
foras agirem na mesma direo e no mesmo sentido.
24 6 4.a a 2,5 m/s .+ = =
Resposta da questo 30: [E] Pela Segunda Lei de Newton, temos:
RF m.a T P ma T 15000 1500x3 T 19500N.= = = =
Resposta da questo 31: [B] A potncia mdia :
( )0m S 20P Fcos60 25x0,5x 50W.t 5
= = =
Resposta da questo 32: [C] A energia mecnica total do corpo 18J que ser exclusivamente cintica ao tocar o solo.
2 2C
1 1E mV 18 x4xV V 3,0 m/s.
2 2= = =
-
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Resposta da questo 33: [E] A presso em um ponto de um lquido em contato com a atmosfera dada pela expresso:
5 5 5atm
3 3
p p gH 2,2x10 1,0x10 x10x5 50 1,2x10
2,4x10 kg/m
= + = + =
=
Resposta da questo 34: [B] Como o sistema isolado, h conservao da quantidade de movimento. Portanto:
MV mv 0 600V 3x800 V 4,0 m/s. = = =
Resposta da questo 35: [C] A distncia procurada est assinalada na figura abaixo como D.
Para que a barra fique em equilbrio, necessrio que OFM 0.= Note que o peso do bloco G1 tende a fazer a barra girar no sentido anti-horrio e os pesos de G2 e G3 no sentido horrio. Portanto
3 2 1 1 1 1P xD P x6 P x40 0 2P xD 4P x6 P x40 0
2D 40 24 16 D 8 cm
+ = + =
= = =
Resposta da questo 36: [B] Pela Lei da Gravitao Universal, podemos escrever:
TT 2
T
GM mTerra F 700
R = =
T
M TM 2 2 2
M TT
MG m
GM m GM m1 110Marte F . x700 280N2,5 2,5R RR
2
= = = = =
-
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Resposta da questo 37: [B]
A energia mecnica (potencial) armazenada em uma mola dada por: 2k.x
E2
=
Analisando o enunciado e fazendo as devidas substituies, teremos:
2 22k.x 20.xE 0,4 x 0,04 x 0,2m
2 2= = = = em que x representa a amplitude de oscilao do objeto que se
encontra em M.H.S. Resposta da questo 38: [A] Como as molculas so neutras no h interao eltrica. Portanto, s poder haver interao por contato. Resposta da questo 39: [D] Atravs das informaes do enunciado: lente convergente, posio do objeto (70 cm) e distncia focal (80 cm), conseguimos montar a figura abaixo:
Analisando a formao da imagem atravs dos raios de luz emitidos pelo objeto, neste caso foram utilizados o raio que emerge do objeto paralelamente ao eixo principal e o raio que atinge o centro ptico da lente, conseguimos obter a imagem, conforme figura abaixo:
-
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Analisando a figura, teremos uma imagem: virtual, pois foram utilizados os prolongamentos dos raios refratados pela lente, direita e maior que o objeto. Resposta da questo 40: [E] Pela Segunda Lei de Ohm, sabemos que:
LR
S=
Sendo assim: 3L L
R' 6 6RS / 2 S
= = =
Resposta da questo 41: [D] Como a corrente a mesma, os resistores esto ligados em srie e sua resistncia equivalente a soma das resistncias de cada um.
eq 1 2R R R 6 = + =
Pela Primeira Lei de Ohm, temos:
V R.i 12 6i i 2,0A= = =
Resposta da questo 42: [A] A fora magntica a fora centrpeta. Portanto:
28 3 5v qBR qqvB m v BR v 10 x0,4x10x10 4,0x10 m/s.
R m m
= = = = =
Resposta da questo 43: [D] A figura mostra as velocidades do barco em relao ao rio, do rio em relao margem e a resultante das duas.
Resul tan teS 800
V 8,0m / st 100
= = =
Aplicando Pitgoras ao tringulo sombreado, vem:
2 2 2B BV 8 6 100 V 10m / s= + = =
Resposta da questo 44: [B]
-
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Note que entre 3 e 8 min a posio no varia. Portanto, o carro est parado. Resposta da questo 45: [D] Pela Segunda Lei de Newton, temos:
RV 15
F m.a m. 5. 25Nt 3
= = = =
Resposta da questo 46: [E]
Tratando o conjunto de blocos como se fosse um s, teremos a fora Fr
a favor do movimento e os pesos de B e C contrrios. Aplicando a Segunda Lei de Newton ao conjunto, teremos:
( )B CF (P P ) m a F 140 18x2 F 176N + = = = Resposta da questo 47: [C]
Aplicao de frmula: W F.d.cos 80x20x0,6 960J= = =
Resposta da questo 48: [C] A energia potencial elstica ser transformada em potencial gravitacional:
2 2 21.k.x mgh 128x 2x10x0,1 64x 1 8x 1 x 0,125N / m2
= = = = =
Resposta da questo 49: [E] Para que o bloco flutue necessrio que o seu peso seja equilibrado pelo empuxo recebido.
2 3a imerso a
2 2P E mg .V .g V . V x1000 400 4,0x10 kg / m
5 5= = = = = =
Resposta da questo 50: [E] Observe a figura abaixo.
Para haver equilbrio, a resultante de Pr
e LTr
deve ter o mesmo mdulo e ser oposta a QTr
. Sendo assim e, a partir do
tringulo sombreado, podemos escrever:
0L
L L
P 0,6 240tg37 T 320N
T 0,8 T= = =
Resposta da questo 51: [D]
-
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A intensidade do campo gravitacional uma propriedade do ponto. Qualquer corpo que seja colocado no ponto sofrer a mesma acelerao. Resposta da questo 52: [A]
Como a evoluo AB isotrmica, A BT T= . Como sabemos PV = nRT. Na evoluo BC, o volume aumenta e a presso fica constante.
Portanto, a temperatura aumenta: B CT T< .
Resposta da questo 53: [E] Aplicao direta da frmula do calor sensvel.
( )Q m.c. Q 200x0,6x 50 20 3600cal= = = Resposta da questo 54: [A] Quando dois corpos entram em contato h um fluxo de calor do mais quente para o mais frio at que as temperaturas se igualem atingindo o equilbrio trmico.