Interação Gênica SimplesEpistasia

Herança Quantitativa

Ler Cap. 12, p. 202 a 207

Profª Priscila Binatto

Interação Gênica

Dois ou mais pares de alelos diferentes

se associam na determinação de

uma única característica.

Interação Gênica Interação Simples (não epistásica)

Exercício

1) Certas raças de galinhas apresentam, quanto à forma decrista, quatro fenótipos diferentes: crista tipo “ervilha”, tipo“rosa”, tipo “noz” e tipo “simples”. Esses tipos sãodeterminados por dois pares de alelos com dominância: E parao tipo “ervilha” e R para o tipo “rosa”. A presença no mesmoindivíduo de um alelo dominante de cada par produz o tipo“noz”. A forma duplo recessiva origina a crista “simples”. Umaave de crista “noz” foi cruzada com uma de crista “rosa”,originando em F1: 3/8 dos descendentes com crista “noz”, 3/8com crista “rosa”, 1/8 com crista “ervilha” e 1/8 com crista“simples”.

Quais os genótipos paternos, com relação ao tipo de crista?

RrEe x Rree

Epistasia

• epi=sobre estasia = inibição (grego)

• A ação de um gene é inibida por um ou diversos genes que se associam independentemente.

O gene que exerce a ação

inibitória

epistático

gene que sofre a inibição

hipostático

Epistasia Dominante

Inibido

Inibido

Exercitando...

2) Um caso bastante conhecido de epistasiadominante é a cor das galinhas. O gene C determinaque as galinhas sejam coloridas e o gene c determinaa cor branca. Entretanto, o gene I é epistático,diferentemente do alelo i que não possui nenhumefeito inibidor. Diante disso, marque a alternativa emque se encontra o genótipo de uma galinha colorida.

a) CCIi c) ccii e) ccII

b) CcIi d) CCii

Exercício

No cão labrador, o alelo dominante [ B ] éresponsável pela cor preta; o alelo [ b ],recessivo, pela cor chocolate; o alelo recessivo[ e ] impede o depósito de pigmentos,originando pelo dourado.

Um cruzamento entre dois cães da raçalabrador, um de pelo preto e outro chocolate,pode originar filhotes dourados?

Justifique sua resposta, indicando ainda o tipode interação gênica envolvida.

Herança Quantitativa ou PoligênicaQuando o fenótipo é condicionado por dois oumais pares de alelos, em que um é o geneaditivo e o outro é indiferente ou não-aditivo.

• determina o aumento na intensidade da expressão do fenótipo.

• representado por letra maiúscula (A) ou linha (A’)

Gene aditivo

• não acrescenta nada na expressão do fenótipo.

• representado por letra minúscula (a) ou sem linha (A)

Gene não-aditivo

Indicativos de Herança quantitativa ou Poligênica

• Fenótipo com variaçãocontínua ou gradual.

• Distribuição dos fenótiposem curva normal (curva deGauss).– Fenótipos extremos

menores quantidades

– Fenótipos intermediários maiores quantidades

Curva de Gauss

Número de Fenótipos na Herança Poligênica

Depende do número de pares de genes (n) envolvidos.

Ex.: No cruzamento de uma herança quantitativa uma característica é determinada por 4 pares de alelos. Quantos fenótipos distintos poderão ser encontrados?

Nº de Fenótipos = 2n + 1

n= 4Nº de fenótipos = 2.4 + 1 = 8 + 1= 9

9 Fenótipos distintos

Frequência dos Fenótipos Extremos (Fe)

• É estimada a partir do número de pares (n) envolvidos na herança.

Frequência dos Fenótipos Extremos

(Fe)= 1 4n

A altura das plantas de milho é determinadapor 10 alelos. Sabendo que a altura máxima é4 metros e a mínima 2 metros, calcule afrequência desses fenótipos extremos.

Exemplo

Fe= 1 = 1 = 1 4n 45 1024

Contribuição do alelo aditivo =

Fenótipo Máximo – Fenótipo Mínimo

Nº máximo de alelos aditivos

Contribuição do Gene aditivo

O tamanho de uma planta de milho é determinado por 5pares de alelos.Uma planta sem nenhum alelo aditivo tem a alturamínima igual a 2 metros. A planta com todos os alelosaditivos tem 4 metros de altura. Qual é a contribuição doalelo aditivo?

Exemplo

aabbccddee ou AABBCCDDEE planta de 2 m (sem alelo aditivo)AA BB CC DD EE ou A’A’B’B’C’C’D’D’E’E’ planta de 4 m (todos alelos aditivos)

Fenótipo Máximo – Fenótipo Mínimo = 4-2 = 2 =0,2 mNº máximo de alelos aditivos 10 10

Exercício(UFU – MG) O peso dos frutos (fenótipos) de umadeterminada espécie vegetal varia de 150g a 300g. Docruzamento entre linhagens homozigóticas que produzemfrutos de 150g, com linhagens homozigóticas queproduzem frutos de 300g, obteve-se uma geração F1 que,autofecundada, originou 7 fenótipos diferentes. Sabendo-se que o peso do fruto é um caso de herança quantitativa,responda:

a) quantos pares de genes estão envolvidos na determinaçãodo peso dos frutos desta espécie vegetal?

b) qual é o efeito aditivo de cada gene?

Cor da Pele – Herança QuantitativaDavenport (1913) sugeriu que a cor da pele naespécie humana seria resultante da ação de doispares de genes.

Nº de Fenótipos = 2n + 1

https://epocanegocios.globo.com/Mundo/noticia/2017/12/complexa-genetica-que-define-cor-da-pele.html

3) (MACK) A cor dos grãos de trigo é condicionadapor dois pares de genes de efeito aditivo. A tabelaacima mostra o número de genes dominantes e ascores determinadas por eles. Do cruzamento entre umindivíduo AaBb e um Aabb, qual a proporção esperadade indivíduos com grãos de cor vermelho?

Resolução 3

AB Ab aB ab

Ab AABb AAbb AaBb Aabb

ab AaBb Aabb aaBb aabb

Ab AABb AAbb AaBb Aabb

ab AaBb Aabb aaBb aabb

Gametas possíveisAaBb: AB, Ab, aB, ab

Fenótipo VERMELHO, dois genes dominantesAAbb aaBB AaBb

6/16 = 3/8

37,5%

Gametas possíveisAabb: Ab e ab

Resolução 3 alternativaEsse método requer MUITA atenção!

A a

A AA Aa

a Aa aa

b b

B Bb Bb

b bb bb

AA x bb + Aa x Bb

¼ x ½ =1/8 ½ x ½= ¼

1/8 + ¼ = 3/8

4) (UNIFESP-adaptada) Os gráficos I e II representama frequência de plantas com flores de diferentescores em uma plantação de cravos (I) e rosas (II). Apartir da distribuição fenotípica, determine o tipo deherança.

5) (UNESP - adaptada) A altura de uma certa espécie de planta é determinada por dois pares de genes A e B e seus respectivos alelos a e b. Os alelos A e B apresentam efeito aditivo. Verificou–se que plantas desta espécie variam de 1,00m a 1,60m de altura.

5.1) Quanto cada alelo aditivo acrescenta à planta?

5.2) Cruzando-se plantas AaBB com aabb pode-se prever que, entre os descendentes:

a) 100% terão 1,30m de altura.b) 75% terão 1,30m e 25% terão 1,45m de altura.c) 25% terão 1,00m e 75% terão 1,60m de altura.d) 50% terão 1,15m e 50% terão 1,30m de altura.e) 25% terão 1,15m, 25% terão 1,30m, 25% 1,45m e 25% 1,60m

de altura.

Resolução 5

5.1) Contribuição fenótipo aditivo = Variação fenótipos

nº máximo de alelos aditivosC Fa = 1,0 -1,6 = 0,6 = 0,15 m

4 4

5.2) Gametas possíveis: AaBB: AB e aB aabb: ab

ab ab ab ab

AB AaBb AaBb AaBb AaBb

aB aaBb aaBb aaBb aaBb

AB AaBb AaBb AaBb AaBb

aB aaBb aaBb aaBb aaBb

Fenótipo mínimo 1,0 m Contribuição do Fenótipo Aditivo= 0,15m

1 Fenótipo aditivo: 1,15m 2 Fenótipos aditivos: 1,30 m